In geometria, il punto di Fermat, anche chiamato punto di Torricelli o punto di Fermat-Torricelli, è il punto che minimizza la distanza complessiva da tutti e tre i vertici di un triangolo. La scoperta risale come soluzione a un problema posto da Fermat a Torricelli.
Quando un triangolo ha un angolo maggiore di 120° il punto di Fermat è posto sul vertice dell'angolo ottuso. In un triangolo in cui l'angolo maggiore misura meno di 120°, il punto di Fermat è individuato dall'intersezione delle tre linee ottenute congiungendo ciascun vertice del triangolo con il vertice, non appartenente al triangolo, del triangolo equilatero costruito sul lato opposto a tale angolo esternamente al triangolo.
Indice
1Proprietà
2Dimostrazione
3Storia
4Note
5Altri progetti
6Collegamenti esterni
Proprietà
Il punto di Fermat ha diverse proprietà. Dato un triangolo ABC si deve costruire su ogni lato un triangolo equilatero in modo da formare tre triangoli chiamati ABC', AB'C, A'BC. Congiungendo AA', BB', CC' queste tre rette si incontrano in un punto F. Si dimostra che AA'=BB'=CC'. Infatti i triangoli ACA' e B'CB sono uguali perché CA = CB', CA' = CB, l'angolo ACA' = l'angolo BCB'. Ne segue che AA' = BB' e analogamente si prova che AA' = CC'. Creiamo tre circonferenze γ,α, β tali che γ sia circoscritta ad ACB', α sia circoscritta ad A'CB, β sia circoscritta ad AC'B. Le tre circonferenze avranno tutte in comune il punto F. Poiché i quadrilateri AC'BF, AB'CF sono inscritti in una circonferenza, l'angolo AFB =120° e l'angolo AFC =120°
Ne segue che: l'angolo BFC=120°: quindi il punto F appartiene a β. Il punto F appartiene a BB' perché: l'angolo AFB =120° l'angolo AFB' = l'angolo ACB'= 60°. Allo stesso modo si dimostra che F appartiene ad AA' e anche a CC'.
Il punto F è detto "punto di Fermat" del triangolo ABC.
Dimostrazione
Lemma 1
Per tutti i vettori
è equivalente alla proposizione che
hanno tutti tra di loro un angolo di 120°.
Dimostrazione del Lemma 1
Impostiamo i versori come segue:
Sia l'angolo tra due vettori unitari ,
Otterremo e i valori del prodotto interno come:
Così otteniamo
Viceversa, se versori degli hanno un angolo di 120° tra di loro, si ottiene
Quindi si può calcolare come
Pertanto si ottiene
QED
Lemma 2
Per tutti i vettori
Dimostrazione del Lemma 2
Per eventuali vettori di è dimostrato che
Possiamo impostare che
Poi avremo la disuguaglianza di Lemma 2. QED
Se il triangolo ABC è un triangolo in cui tutti gli angoli sono inferiori a 120°, siamo in grado di costruire il punto F all'interno del triangolo ABC. A questo punto impostando il punto F come origine dei vettori, avremo per qualsiasi X punto della E spazio euclideo, possiamo impostare
Se F è il punto di Fermat, poi Quindi, si ottiene l'uguaglianza dei Lemma 1.
Dal Lemma 2, possiamo ottenere
Per questi tre disuguaglianze e la parità di Lemma 1, si può ottenere
.
Esso viene utilizzato per tutti X punto dello spazio euclideo E, quindi se X = F, allora il valore di è minima. QED
Storia
Questo quesito fu posto da Fermat a Evangelista Torricelli. Egli risolse il problema in modo simile a Fermat, usando l'intersezione delle circonferenze dei tre triangoli regolari. Il suo allievo, Vincenzo Viviani, pubblicò la soluzione nel 1659.[1]
Note
^Weisstein, Eric W., Punti di Fermat su MathWorld.
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Collegamenti esterni
(EN) Eric W. Weisstein, Punto di Fermat, su MathWorld, Wolfram Research.
Generalizzazione Fermat-Torricelli su Dynamic Geometry Sketches Pagina interattiva che generalizza il punto di Fermat-Torricelli